Soit \(p\in\Nn^*\). Pour \(n\in\Nn^*\setminus\{p\}\), \(\frac{1}{n^2-p^2}=\frac{1}{2p}\left(\frac{1}{n-p}-\frac{1}{n+p}\right)\). Donc pour \(N > p\),

\[\begin{align*} \sum_{1\leqslant n\leqslant N,\;n\neq p}^{}\frac{1}{n^2-p^2}&=\frac{1}{2p}\sum_{1\leqslant n\leqslant N,\;n\neq p}^{}\left(\frac{1}{n-p}-\frac{1}{n+p}\right)=\frac{1}{2p}\left(\sum_{1-p\leqslant k\leqslant N-p,\;k\neq 0}^{}\frac{1}{k}-\sum_{p+1\leqslant k\leqslant N+p,\;k\neq 2p}^{}\frac{1}{k}\right)\\ &=\frac{1}{2p}\left(-\sum_{k=1}^{p-1}\frac{1}{k}+\sum_{k=1}^{N-p}\frac{1}{k}-\sum_{k=1}^{N+p}\frac{1}{k}+\frac{1}{2p}+\sum_{k=1}^{p}\frac{1}{k}\right)=\frac{1}{2p}\left(\frac{3}{2p}-\sum_{k=N-p+1}^{N+p}\frac{1}{k}\right) \end{align*}\]

Maintenant, \(\sum_{k=N-p+1}^{N+p}\frac{1}{k}=\frac{1}{N-p+1}+\ldots+\frac{1}{N+p}\) est une somme de \(2p-1\) termes tendant vers \(0\) quand \(N\) tend vers \(+\infty\). Puisque \(2p-1\) est constant quand \(N\) varie, \(\lim_{N \rightarrow +\infty}\sum_{k=N-p+1}^{N+p}\frac{1}{k}=0\) et donc

\(\sum_{n\in\Nn^*,\;n\neq p}^{}\frac{1}{n^2-p^2}=\frac{1}{2p}\times\frac{3}{2p}=\frac{3}{4p^2}\) puis \(\sum_{p\in\Nn^*}^{}\left(\sum_{n\in\Nn^*,\;n\neq p}^{}\frac{1}{n^2-p^2}\right)=\sum_{p=1}^{+\infty}\frac{3}{4p^2}=\frac{\pi^2}{8}\).

Pour \(n\in\Nn^*\) donné, on a aussi \(\sum_{p\in\Nn^*,\;p\neq n}^{}\frac{1}{n^2-p^2}=-\sum_{p\in\Nn^*,\;p\neq n}^{}\frac{1}{p^2-n^2}=-\frac{3}{4n^2}\) et donc

\(\sum_{n\in\Nn^*}^{}\left(\sum_{p\in\Nn^*,\;p\neq n}^{}\frac{1}{n^2-p^2}\right)=-\frac{\pi^2}{8}\).

On en déduit que la suite double \(\left(\frac{1}{n^2-p^2}\right)_{(n,p)\in(\Nn^*)^2,\;n\neq p}\) n’est pas sommable.

exo7 5709